文章目录
- 微分学中出现的几个中值定理
- 中值定理证明存在性不等式或等式问题
- 辅助函数的构造
- 例
- 例
- 例
- 例
- 分析
- 方法1
- 方法2
- 方法3
微分学中出现的几个中值定理
- Rolle中值定理(Rolle定理)
- Lagrange中值定理
- Cauchy中值定理
- Taylor中值定理
- 其中Rolle定理是最基础的,而Largrange可视为Cauchy中值定理和Taylor中值定理的特例
中值定理证明存在性不等式或等式问题
- 这类问题大多关键在于构造合适的辅助函数
- (如同Lagrange中值定理的证明中,也是构造了一个合适的辅助函数,对该辅助函数应用Rolle定理)
- 并且往往用构造的函数来重新描述(变形)需要证明的不等式(将等式或不等式转化为函数问题,比如函数零点,函数单调性,凹凸性的判断)
- 由多个(通常是2个)函数方程或不等式和待证不等式的信息,通常我们要构造的函数是包含了这些信息的组合函数(比如函数四则运算组合),组合成一个函数,好处是一个函数应用诸如零点定理,介值定理,微分中值定理(Rolle定理,Lagrange中值定理)比较方便操作
- 微分中值定理的应用是很灵活的,作用区间的划分是经常拿来做文章的地方,运用3次或更多次微分中值定理是家常便饭
- 例如区间
内存在点
,而
内存在点
,
内存在点
,
内存在点
辅助函数的构造
- 对于简单点的问题,对条件给定的函数间进行构造即可,
- 例如欲求证
或
,则尝试构造
,利用连续函数的零点定理
- 而关于导数的等式求证,则主要考虑对辅助函数使用微分中值定理
- 而导数且分式形的,考虑Lagrange中值定理,Cauchy中值定理(如果分式中的分子分母不是差的形式,可以
,对
做代换)
- 复杂一些的类型,通过经验构造辅助函数,特别是
的幂参与构造(因子)的函数,是因为
的幂的导数具有优良的性质(这在推导常系数线性微分方程的解公式时构造的函数也用到了
的幂)
=
=
- 通过枚举和归纳构造辅助函数
例
- 设
在
连续,在
内具有二阶导数,且在
内存在相等的最大值
(1)
,又设=
,
=
(2)
, - 求证
,s.t.
=
(2-1)
- 证明;
- 令
=
,由(2)可知,
=
=
(3)
- 由(1)可设
,s.t.
(4)
,即分别是
在
内的极大值点,
为相应的极大值
- 显然
(4-1)
,(4-1-1)
(4-2)
即(4-2-1)
- 分别将式(4)和(4-1-1),相加,得
,即
(5-1)
; - 类似的
(5-2)
- 可以将式(4)等号两边对调,得到
=
,再和式(4-2-1)相加
- 也可以将式(4)代入到式(4-1-1)的左端,也可以得到(5-2)
- 但是不能直接(4)和(4-2-1)相加,这得不到(5-2)
- 现在我们讨论(5-1,5-2)取等号和不取等号时,都存在一个数
使得
(6)
- 若(5-1,5-2)中一个取等号,不妨设(5-1)取等号,即
,令
,即有(6);若(5-2)取等号,令
,即有(6)
- 若都不取等号,即
,
则考虑零点定理,有式(6)
- 综上(3),(6)可知,
在
上有3个零点:
- 在区间
,
上分别利用罗尔定理,得:
,s.t.
(7)
,s.t.
(8)
- 而(7,8)恰好仍然满足罗尔定理条件,所以
,s.t.
,即
,得证
例
- 设
在闭区间
上连续,在区间
内可导,且
,
(0)
- 常数
- 求证
使得
(1)
,
,使得
=
(2)
- 证明:
- 对于(1),考虑连续函数的零点定理
- 构造
=
(3)
,则式(1)等价于(4)
- 有条件,
=
<0;
=
>0从而
,所以
,使得(4)成立,证毕
- 对(2),利用(1)的结果进行推理
- 在区间
和
上,对
分别使用Lagrange中值定理,存在
,
,使得
=
(5-1)
=
=
(5-2)
- 将式(0),(1),(5-1,5-2),分别得
=
=
=
- 分别代入
=
+
=
,即证式(2)
例
- 设
在
上有
阶导数,且
=
=
,
(0)
- 求证:存在
,使得
=
(1)
- 分析
- 当
时,式(1)为
=
,即
=0,
- 这是
的导函数
减去
自身的式子,
- 由
的幂
的导函数性质,可以构造
=
(2)
,则=
=
- 当
时,式(1)为
=
,即
=
,变形为
,可构造
=
(3)
,则=
- 猜测和归纳:
时,构造
=
(4)
- 则
=
=
(4-1)
- 考察式(4),由条件(0),即
,对
应用Rolle定理,得:存在
,使得
=
=
=0,而
,从而
,这就证明了(1)
例
- 是函数
在
上二阶可导,且
,
;
=
- 求证:
- 至少存在一点
,使得
(0)
- 将问题中的
区间改为
区间,求证(0)
分析
- 首先要构造合适的辅助函数:令
,则由条件得:
,
(1)
,且(2)
,
(1-1)
,且(2-1)
- 由(3)从而
=
,式(0)改写为
因此证明式(0)只需要证明:至少存在一点
,
(2-2)
方法1
- 显然,由连续性和极值点知识,
在区间
内必有存在
使得
(3)
(否则式(2)大于0),并且在
内存在极小值点,不妨设为
,
,
为极小值,则
处
导数为0,即
=
(4)
- 考虑使用Taylor公式将
在
处展开,以联系
和相关二阶导数
=
+
(5)
- 再考虑
=
+
=
+
(6)
,变形为=
- 而
,
(即
),从而
(7)
,从而>0
(9)
- 而
,所以
(10)
- 所以
,得证
- 问题2可以类似得证
方法2
- 由积分中值定理:
,使得
=
(2)
,代入(2-1)得(3)
- 对
的两个区间
分别使用Lagrage中值定理:
,使得
=
=
,使得
=
=
- 由条件(1-1),可知
,
(4)
,并且显然(5)
- 在对
使用Lagrange中值定理
,使得
=
- 由(4,5),
>0,
- 所以
>0,从而
(6)
- 由于
,所以
(7)
, - 由(7),(6),结论得证
- 问题1将
即可得证
方法3
- 反证法:
- 假设
,
,即
是一个单调递减函数
- 而由(1-1)和定积分性质:
(3)
,这和式(2-1)矛盾 - 从而假设不成立,即至少存在
,使得
,即式(2-2),证毕